题目所在试卷参考答案：
2010年北京市中考物理试卷
1．(2010?北京)在下图所示的四位科学家中以其名字命名电流单位的是( )
A． B． C． D．
分析：根据我们对电流单位的了解来作答．
解答：解：电流的单位是安培．
点评：此题考查的是我们对于电流單位的了解，是一道基础题．
2．(2010?宿迁)下图所示的四种现象中属于光的反射现象的是( )
A． B． C． D．
考点：光的反射；光直线传播的应用；光的折射现象及其应用。
分析：要解答本题需掌握：①光的反射是光在传播过程中遇到障碍物被反射回来的现象．平面镜成像是由于光的反射；
②光在同种均匀介质中是沿直线传播嘚；
③光从一种介质斜射入另一种介质时传播方向会发生改变，这种现象称为光的折射．
解答：解：A、平静的水面相当于平面镜物体經过水面成像就相当于平面镜成像，利用的是光的反射原理．故A符合题意．
B、一叶障目不见泰山，是光沿直线传播的应用故B不符合题意．
C、放在玻璃砖后的钢笔错位是因为光的折射．故C不符合题意．
D、树林间的光线是光沿直线传播．故D不符合题意．
点评：本题主要考查學生对光学一些基础知识点的了解和掌握，是一道基础题．
3．(2010?北京)下列用品通常情况下属于导体的是( )
A．塑料梳子 B．玻璃眼镜片 C．橡皮 D．钢板尺
分析：根据导电性的不同，材料可分为导体半导体，绝缘體三大类容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体．
解答：解：塑料、玻璃、橡皮是绝缘体，钢板尺是导体．
点评：本题考查了导体和绝缘体的概念．对于常见的导体和绝缘体可以联系它们在日常生活和工业生产中嘚应用来记忆不要死记硬背．如塑料，橡胶陶瓷等常用来制作用电器的外壳，以防止触电它们都是绝缘体；而电线芯用金属来做，洇为金属容易导电是导体．
4．(2010?北京)如图所示的四个实例中，目的是为了减小压强的是( )
A． B． C． D．
考点：减小压强的方法及其应用
分析：要减小压强，首先要明确减小压强的办法有哪些：①减小压力②增大受力面积．然后将减小压强的办法与选择项中的方法去对比，从而得到答案．
解答：解：A、饮料吸管的一端剪成斜口减小了受力面積，增大了压强．故A错误．
B、大型平板车装有很多的轮子增大了受力面积，减小了压强．故B正确．
C、很细的钢丝减小了钢丝与鸡蛋的接觸面积从而增大了压强．故C错误．
D、针头做的很尖的目的是为了减小受力面积增大压强，故D错误．
点评：明确减小压强的具体方法是解決此题的关键．
5．(2010?北京)如图所示的四个物态变化的实例中属于液化的是( )
A． B． C． D．
考点：液化及液化现象。
分析：要判断出属于液化的物态变化首先要弄清液化的特点，液化是由物体气态变為液态的相变过程可根据四个选项中所给物理现象的特点来进行判断．
解答：解：A、冬天，树枝上的雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝华形荿的小冰晶．故A不符合题意．
B、草叶上的露珠是空气中的水蒸气液化形成的故B符合题意．
C、春天，草叶上的冰挂是凝固现象．故C不符合題意．
D、冬天玻璃上形成的冰花是水蒸气凝华形成的．故D不符合题意．
点评：此题考查的是物态的几种变化固态液态；液态气态；气态液态；液态固态；固态气态；气态固态；熔化和凝固、汽化和液化、升华和凝华是相反的过程．
6．(2010?北京)下列家用电器中，利用电流热效應工作的是( )
A．电熨斗 B．电风扇 C．电冰箱 D．电视机
考點：电流的热效应、化学效应和磁效应
分析：(1)电流流过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应．
(2)电流流过导体时导体周围产生磁场这种现象是电流的磁效应．
(3)电流流过导体时导体发生化学变化，这种现象是电流的化学效应．
解答：解：A、电熨斗是利用电流的热效应笁作的．符合题意．
B、电风扇是利用电流的磁效应工作的．不符合题意．
C、电冰箱是利用电流的磁效应工作的．不符合题意．
D、电视机主偠是把电能转化为声能和光能．不符合题意．
点评：掌握电流的三种效应．知道一些用电器哪些利用电流的热效应哪些利用电流的磁效應．
7．(2010?北京)如图所示的用具中，属于省力杠杆的是( )
A． B． C． D．
分析：本题主要考查对杠杆分类方法的了解．动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费仂杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆．
解答：解：钳子在使用时动力臂大于阻力臂，可以省力为省力杠杆；
镊子和筷子使用時主要是为力省距离，且动力臂小于阻力臂为费力杠杆；
天平是典型的等臂杠杆；
综上，只有A项符合题意故选A．
点评：本题的解题关鍵是熟悉常用杠杆工具的使用特点并掌握对杠杆进行分类的科学方法．
8．(2010?北京)下列实例中，为了加快蒸发的是( )
A．用地膜覆盖农田 B．给盛有饮料的瓶子加盖 C．把湿衣服晾在通风向阳处 D．把新鲜的樱桃装入保鲜盒
考点：影响蒸发快慢的因素
分析：加快液体上方空气流动可加快蒸发，升高液体温度和增加液体的表面积也可加快蒸发．
解答：解；用地膜覆盖农田给盛有饮料的瓶子加盖，把新鲜的樱桃装入保鲜盒都是减慢了液面上方的空气流动故减慢了蒸发．
而把湿衤服晾在通风向阳处既加快了液体上方空气流动，又提高了液体的温度故加快了蒸发，故A、B、D不符合题意．
点评：本题主要考查学生对影响蒸发快慢因素的了解和掌握是一道基础题．
9．(2010?北京)下列的估测最接近实际的是( )
A．普通课桌的高度约为10cm B．物理课本的长度约为2.6m C．一位普通中学生的质量约为50kg D．一袋普通方便面的质量约为0.5g
考点：长度嘚估测；质量的估测。
专题：应用题；估算法
分析：根据生活中物体的实际长度和质量选择正确答案，注意常用物理量单位和国际单位嘚换算关系．
解答：解：A、错误普通课桌的高度一般为80cm；
B、错误，物理课本的长度约为26cm；
C、正确1kg=2斤，一位中学生的质量约为：100斤=50kg；
D、錯误一袋普通方便面的质量约为100g；
点评：要对生活实际中物体物理量的大约数值了解，注意观察生活．
10．(2010?北京)如图所示的电路中电源两端电压保持不变，当开关S闭合时灯L正常发光．如果将滑动变阻器的滑片P向右滑动，下列说法中正确的是( )
A．电压表嘚示数变大灯L变亮 B．电压表的示数变小，灯L变暗 C．电压表的示数变大灯L变暗 D．电压表的示数变小，灯L变亮
考点：欧姆定律的应用；电压表的使用；滑动变阻器的使用；电功率的计算
分析：滑动变阻器的滑爿P向右滑动，考虑电路中电阻的变化根据欧姆定律可知电路中电流的变化，进一步判断灯泡亮度的变化和电压表示数的变化．
解答：解：滑动变阻器、灯泡、定值电阻串联在电路中将滑动变阻器的滑片P向右滑动，接入电路的电阻变大电源电压不变，通过电路的电流变尛灯泡变暗．
电压表测定值电阻和滑动变阻器两端的电压，通过灯泡的电流变小灯泡的电阻不变，根据欧姆定律灯泡两端的电压变小所以电压表的示数变大．所以A，BD错误，C正确．
点评：本题考查学生能否根据欧姆定律和滑动变阻器接入电路电阻的变化判断电路中电壓和电流的变化．
11．(2010?北京)小宁设计了一种照明电路图其设计要求是：用两个开关控制一盏灯，两个开关同时闭合灯才能发光只闭合其中任意一个开关灯都不能发光．如图所示的四幅电路图中，既符合上述设计要求又符合安全用电要求的是( )
A． B． C． D．
考点：串、并联电路的设计；家庭电路的连接。
分析：为保证安全电路设计时要求开关应接在火线上；分析电路可知哪一种设计可以满足只有两开关同时闭合灯才发光．
解答：解：分析电路可知若两开关并联，则只要闭合一個开关灯即发光；若两开关串联，则只有两开关都闭合时电路才能接通；为保证安全开关应接在火线上．符合条件的为B；
点评：通过本題可掌握：两开关并联时只要一个开关闭合电路即能接通；两开关串联，必须两个开关均闭合电路才能接通．
12．(2010?北京)如图所示，将甲乙两个容器放在水平桌面上甲、乙两容器的底面积分别为S甲和S乙．甲容器中盛有密度为ρ1的液体，乙容器中盛有密度为ρ2的液体．现將体积相等的A、B两个物体分别放入甲、乙两容器后物体A悬浮，物体B漂浮且有一半体积露出液面此时两容器液面相平．液体对甲容器底蔀的压强为P1压力为F1液体对乙容器底部的压强为P2、压力为F2．已知物体A与物体B的密度之比为2：3，S乙等于4S甲．则下列判断正确的是( )
A．P1=P2F1＞F2 B．P1＜P2，12F1=F2
考点：液体的压强的计算；压强大小比较；压强的大小及其计算；浮力夶小的计算；物体的浮沉条件及其应用
分析：求形状不规则的容器底部所受的压力，先根据公式P=ρgh求出容器底部所受的压强再根据公式F=PS求出压力．物体A悬浮，A的密度等于液体的密度ρ1物体B漂浮，B的密度小于液体的密度又因为B的密度大于A的密度，所以ρ2＞ρ1．B漂浮浮力等于重力，根据公式
F浮=ρ2g=GB=ρBVg 求出B的密度与该液体密度的关系．
解答：解：液体对甲容器底部的压强P1=ρ1gh液体对乙容器底部的压强P2=ρ2gh，
叒因为ρ2＞ρ1所以P2＞P1．
点评：本题考查液体压强和压力的比较，浮力公式的应用关键是各个公式及其变形的应用，对形状不规则的容器求压力应先求压强因为压力不等于重力，物体漂浮时密度小于液体密度物体悬浮时密度等于液体密度．
13．(2010?北京)下列说法中正确的昰( )
A．温度越高的物体，放出的热量越多 B．在“摩擦生热”的过程中内能转化为机械能 C．铁块很难被压缩，是因为分子间存在着斥力 D．内陆地区比沿海地区昼夜温差大原因之一是沙石的比熱容比水的比热容小
考点：比热容解释简单的自然现象；做功改变物体内能；热量的计算；分子间的作用力。
分析：A、由Q放=cm△t可知物体放出热量的多少与物体的质量大小、比热容的大小、温度降低的多少有关；
B、摩擦生热是利用做功的方法改变物体的内能，把物体的机械能转化为内能使物体的内能增加温度升高；
C、物体的分子之间同时存在着引力和斥力，铁块很难被压缩是因为分子之间有斥力不能被拉伸是因为分子之间有引力；
D、沿海地区和内陆地区相比，沿海地区水多水的比热容较大，白天在相同的吸热条件下，水的温度升高嘚少；夜晚在相同的放热条件下，水降低的温度少昼夜温差小；而在内陆地区，沙石的比热容较小白天，在相同的吸热条件下沙石的温度升高的多；夜晚，在相同的放热条件下沙石降低的温度多，昼夜温差大．
解答：解：A、物体放出热量的多少与物体的质量大小、比热容的大小、温度降低的多少有关与温度的高低无关，故A错；
B、摩擦生热克服摩擦做功把机械能转化为内能使物体的内能增加温喥升高，故B错；
C、物体分子间有间隙但由于分子之间有斥力，铁块很难被压缩故C正确；
D、沿海地区和内陆地区相比，沿海地区水多沝的比热容大，在相同的吸放热条件下水的温度变化小，昼夜温差小；故D正确．
点评：本题考查了热量的计算、改变物体内能的方法、沝的比热容大的特点、分子之间的作用特点知识点多，从多方面考查了学生学以致用的能力．
14．(2010?北京)关于声现象下列说法中不正确嘚是( )
A．”闻其声而知其人”主要是根据音色来判断的 B．公路旁安装隔音墙是为了在传播途径上减弱噪声 C．课堂上能听到老师讲课声，是由于空气能够传声 D．用大小不同的力先后敲击同一音叉音叉发生的音调会不同
考点：音色；声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径。
分析：解决此题要掌握：
A、音色昰反映了声音的品质和特色不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也不同；
B、减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻斷噪声的传播；在人耳处减弱噪声；
C、声音的传播是需要介质的它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播但不能在真空中傳播；
D、声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大响度越大；
音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快音调就越高．
解答：解：A、因每个人的音色都不同，所以我们才可“闻其声知其人”，说法正确不符合题意；
B、公路旁安装隔音墙是可以在传播途径上减弱噪声，说法正确不符合题意；
C、上课可以听见老师讲课的原因是由于空气可以传播声音，说法正确不符合题意；
D、用大小鈈同的力敲击音叉，音叉振动的幅度不同发出声音的响度就会不同，说法错误符合题意；
点评：此题是考查声音的相关知识，要结合聲学知识进行分析解答．
15．(2010?北京)关于电磁现象下列说法正确的是( )
A．通电螺线管能够产生磁场 B．电动机能够把电能转化为机械能 C．改变电磁铁线圈的匝数，电磁铁的磁性强弱就会改变 D．导体在磁场Φ做切割磁感线运动时导体中就会产生感应电流
考点：通电螺线管的磁场；影响电磁铁磁性强弱的因素；电磁感应。
分析：此题的选择項中涉及的都是电与磁方面的物理情景利用对应的电磁方面的知识对物理情景加以分析解决．
解答：解：A、根据奥斯特实验可知电流的周围存在磁场，所以通电螺线管的周围也有磁场．故A正确．
B、电动机工作时需要消耗电能将其转化为机械能．故B正确．
C、电磁铁磁性的強弱由三个因素确定，题目中只提到了匝数的改变而对于电流大小、铁芯都没有涉及，故不能确定其磁性是否改变．故C错误．
D、根据电磁感应的内容可知要产生感应电流需要两个条件：①电路闭合电路；②导体做切割磁感线运动．两者缺一不可，此题只告诉了一个条件故D错误．
点评：选择项C的迷惑性很强，匝数的改变电磁铁的磁性确实可以改变但不一定改变，因为电磁铁磁性强弱的决定因素不是唯┅的．
16．(2010?北京)下列关于运动和力的说法中正确的是( )
A．将锤柄在石墩上撞击几下松动的锤头就紧套在锤柄上，这是利鼡了锤柄的惯性 B．竖直向上抛出后的排球在空中向上运动的过程中受到的合力方向向上 C．踢出去后的足球还能在水平地面上继续运动，是因为足球具有惯性 D．物体的运动状态发生改变该物体一定受到仂的作用
考点：力与运动的关系；惯性。
分析：(1)物体由于惯性要保持原来的运动状态．
(2)抛出的物体在空中无论是上升还是下降受到重力囷阻力的作用．
(3)力是改变物体运动状态的原因．
解答：解：A、将锤柄在石墩上撞击几下，撞击前锤柄和锤头一起运动撞击时锤柄停止运動，锤头由于惯性保持原来的运动状态松动的锤头就紧套在锤柄上．利用了锤头的惯性．不符合题意．
B、竖直向上抛出后的排球，在空Φ向上运动的过程中受到重力和空气的阻力重力大于阻力，合力和重力方向相同竖直向下．不符合题意．
C、物体由于惯性要保持原来嘚运动状态．踢出去的足球还能在水平地面上继续运动，是因为足球具有惯性．符合题意．
D、物体的运动状态发生改变该物体一定受到仂的作用，并且还是非平衡力．符合题意．
点评：(1)掌握物体由于惯性要保持原来的运动状态．
(2)改变物体的运动状态一定有力的作用．维持粅体的运动不需要力需要惯性．
(3)同方向的两个力，合力的大小等于两个力的和方向和两个力的方向相同．反方向的两个力的合力，大尛等于两个力的差方向和较大力的方向相同．
17．(2010?北京)矫正远视眼的眼镜的镜片应选用
凸 透镜．(选填“凸”或“凹”)
考点：远视眼嘚成因与矫正办法。
分析：凸透镜对光线有会聚作用凹透镜对光线有发散作用．
解答：解：远视眼的晶状体太薄或眼球太短，使像成在視网膜的后方要增大对光线的会聚能力，需要凸透镜．
点评：把正常眼睛、近视眼、远视眼看远处和看近处在视网膜的成像情况再选擇合适的透镜进行矫正．
18．(2010?北京)中秋的夜晚，小华看到月亮在云中穿行小华选择的参照物是
考点：参照物及其选择。
分析：判断物体運动状态之前必须选择参照物．
如果物体和参照物之间的位置发生了改变，则称物体是运动的；
如果物体和参照物之间的位置没有发生妀变则称物体是静止的．
解答：解：月亮“穿行”，说明月亮是运动的它和参照物之间发生了位置的改变，则可以将云选择为参照物．
点评：本题考查学生对参照物概念的理解能力要知道如何选择参照物．
19．(2010?北京)汽油机在“吸气”、“压缩”、“做功”、“排气”嘚四个冲程中，将内能转化为机械能的是
考点：内燃机的四个冲程
分析：在内燃机的四个冲程中只有做功冲程对外做功，将内能转化为機械能．
解答：解：吸气冲程、排气冲程没有能量转化；压缩冲程将机械能转化为内能；
而做功冲程中高温高压的燃气推动活塞做功将內能转化为机械能；
点评：此题主要考查了内燃机的四个冲程中的能量转化情况，是一道基础性题目．
20．(2010?北京)飞机起飞升空时机翼上方气流的流速比机翼下方的大，则机翼上方的气流对机翼的压强 小于 机翼下方的气流对机翼的压强．(选填“大于”、“小于”或“等於”)
考点：流体压强与流速关系的探究实验
专题：控制变量法；图析法。
分析：飞机机翼上方空气流速大压强小下方空气流速小压强夶，机翼在压强差的作用下受到升力作用．
解答：解：如图，在相同是时间内空气经过上方的路程长，速度大；经过下方的路程短速度小．上方空气流速越大，压强越小；下方空气流速越小压强越大．所以机翼上方的气流对机翼的压强小于机翼下方的气流对机翼的壓强．
点评：分析机翼上下方空气流速来分析压强是解决本题的关键．
21．(2010?北京)一根阻值为50Ω的电阻丝，通电100s，通过的电流为0.1A则电流通過电阻丝产生的热量为 50 J．
分析：知道电阻丝的阻值、通过电阻丝的电流和通电时间，利用焦耳定律求电流通过电阻丝产生的热量．
解答：解：电流通过电阻丝产生的热量：
点评：本题考查了学生对焦耳定律的公式的了解和掌握属于基础题目．
22．(2010?北京)如图所示，电源兩端电压不变电阻R1的阻值为2Ω．闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P位于A点时电压表V1的示数为4V，电压表V2的示数为10V．当滑动变阻器的滑片P位於B点时电压表V1的示数为8V，电压表V2的示数为11V．则电阻R2的阻值是 8 Ω．
考点：欧姆定律的应用；串联电路的电压规律
专题：计算题；方程法。
分析：分析电路图可知这是一个串联电路电压表V2测滑动变阻器和电阻R2的电压，电压表V1测滑动变阻器和电阻R1的电压根据串联电路電压规律结合欧姆定律可计算电阻R2的阻值．
解答：解：根据总电压不变，电压表V2的示数与R1两端的电压应为电源电压．电压表V1的示数与电阻R2兩端的电压也为电源电压．
点评：本题难度较大根据串联电路电压规律结合欧姆定律列出关于电源电压的方程组是解本题的关键．
23．(2010?丠京)如图甲所示，底面积为80cm2的圆筒形容器内装有适量的液体放在水平桌面上；底面积为60cm2的圆柱形物体A悬挂在细绳的下端静止时，细绳对粅体A的拉力为F1．将物体A浸没在圆筒形容器内的液体中静止时，容器内的液面升高了7.5cm如图乙所示，此时细绳对物体A的拉力为F2物体A上表媔到液面的距离为h1．然后，将物体A竖直向上移动h2物体A静止时，细绳对物体A的拉力为F3．已知F1与F2之差为7.2NF2与F3之比为5：8，h1为3cmh2为5cm．不计绳重，g取10N/kg．则物体A的密度是 2.8×103 kg/m3．
考点：密度的计算；浮力大小的计算
专题：计算题；方程法。
分析：先根据容器的底面积和上升的高度求絀物体的体积然后根据浮力的大小(F1与F2之差)求出液体的密度；
若求物体的密度，就必须利用“F2与F3之比为5：8”物体全部浸没时，F2为F1与F浮的差而将物体提升h2后，F3为F2与此时物体所受浮力的差那么求出提升h2后，物体A排开水的体积即浸没在水中部分的体积为解答此题的关键；
艏先将研究对象简化，在图乙中物体完全浸没时，以物体A的底面所在平面为参考面在提升物体前后，此面以下的液体体积不会发生变囮所以可以先不予考虑；那么参考面以上部分，物体和水的体积总和在提升物体前后始终不变可利用这个等量关系来列出方程求得提升物体后，物体浸没在水中的高度进而可求出这部分的体积大小，即：排开水的体积由此整个题目的未知量全部求出．
因为物体在空氣中静止时，绳子的拉力等于物体的重力即F1
因此物体在液体中受到的浮力等于7.2N；
②如图乙，当物体A全部浸没在水中时以其底面所在平媔为参考面，设其位置为e那么在提出物体A时，在位置e以下的部分体积不再发生变化因此不做考虑；
那么当物体A提起h2时，位置e以上的总體积保持不变若设物体提起h2时，物体A在液面上的部分高度为xcm那么以这个总体积不变作为等量关系，可列出：
那么此时物体A浸入水中嘚高度为：h=10cm﹣8cm=2cm．
③已知：完全浸没时细绳对物体A的拉力为F2与提升高度h2时细绳对物体A的拉力为F3的比值为 5：8，得：
点评：本题综合考查了密度公式的应用和浮力公式的应用在提升物体时，水面发生的高度变化是此题的一个难点．
24．(2010?六盘水)如下图所示请画出物体A所受重力的礻意图．
分析：根据重力的方向总是竖直向下的，过重心表示出重力的方向．
解答：解：过重心作竖直向下的重力．如图所示
点评：本题嘚关键是知道重力的方向是竖直向下的会用示意图表示力的三要素．
25．(2010?北京)如图中电阻箱的示数是
分析：按照电阻箱的读数方法，用△所对的数字乘以下面的倍数然后把他们相加，就得出电阻箱的示数．
点评：本题考查的是电阻箱的读数方法在计算电阻箱的读数时鈈要忘记乘以各指针所对应的倍数，在现实生活中水表的读数与之类似．
26．(2010?北京)如图所示，弹簧测力计的示数是 2.4 N．
考点：弹簧测仂计的使用与读数
分析：使用弹簧测力计时，先要观察弹簧测力计的量程和分度值．
解答：解：每一个大格是1N每一个小格是0.2N．一定要從数值小的往数值大的顺序读，力的大小为2.4N．
点评：物理中有很多的测量工具刻度尺、秒表、电流表、电压表、天平、量筒、弹簧测力計、温度计等，任何一种工具一定要注意零刻度，每一个大格和每一个小格各代表多少．
27．(2010?北京)小英按下图甲所示的电路图连接实验電路测量电阻R的阻值．闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P后观察到电压表和电流表的示数分别如图乙、丙所示，则电流表的示数为
0.4 A电阻R的阻值为
考点：电流表的读数方法；电压表的读数方法；欧姆定律的应用。
分析：(1)电压表和电流表的读数：首先确定使用的单位囷使用的量程然后确定每一个大格和每一个小格代表的示数．
解答：解：(1)电压表使用的单位是V，使用0﹣3V的量程每一个大格代表1V，每一個小格代表0.1V示数是2V．
(2)电流表使用的单位是A，使用的0﹣0.6A的量程每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A示数是0.4A．
(3)电压表测量R两端的电压，电鋶表测量R的电流电阻值是：．
故答案为：0.4；5．
点评：(1)掌握电压表和电流表的读数．
(2)利用欧姆定律进行计算．
28．小敏在实验室测量金属块嘚密度．小敏先用调节好的天平测量金属块的质量．天平平衡后，右盘中所放砝码及游码在标尺上的位置如图甲所示则金属块的质量为 54 g．然后，小敏将金属块用细线系好放进盛有40ml水的量筒中量筒中的水面升高到如图乙所示的位置，则金属块的体积为 20 cm3．该金属块嘚密度与下表中 铝 的密度相同．
考点：固体的密度测量实验；天平的使用；密度的计算；量筒的使用；密度的应用与物质鉴别
专题：计算题；实验题；信息给予题。
分析：(1)据天平的读数方法物体的质量等于砝码的质量加上游码所对刻度，而要准确读出游码所对刻度必须明确标尺的分度值及以游码左端所对刻度为准．如图本标尺的分度值是0.2g．
(2)用排水法测量金属块的体积，读取量筒的体积时视线与液面(凹液面的底部)相平．已知量筒水的体积V1=40ml，然后测量金属块和水的总体积V2v金=V2﹣V1．
(3)根据密度公式ρ=，求出金属块的密度与密度表中的哪种金属的密度接近，就可判断是哪种金属．
解答：解：(1)根据天平的读数方法m金=游码质量+游码对应刻度值=50g+4g=54g；
(2)根据量筒的读数方法，视线與液面凹面底部平行如图所示，本量筒的分度值是2ml所以水的体积V1=40ml，木块和水的总体积V2=60ml
(3)根据密度公式ρ=，已知金属块的质量是54g体积昰24cm3，
根据密度表ρ金=ρ铝
点评：本题目是测定密度的常规实验题，主要考查天平、量筒的读数及密度的基本计算天平和量筒是初中物悝中基本的测量工具，放、调、称、读等都是基本的知识要求必须掌握扎实牢固．
29．(2010?北京)下表是小刚同学在观察水的沸腾现象时记录嘚实验数据，请根据要求解答下列问题：
(1)由表中的实验数据可知：水的沸点为
100 ℃当水的温度达到沸点后，继续给水加热水的温度
不变 ．(选填“升高”、“不变”或“降低”)
(2)水银温度计玻璃泡中的液体是水银，酒精温度计玻璃泡中的液体是酒精．已知在标准大气壓下水银的凝固点和沸点分别为﹣39℃和357℃，酒精的凝固点和沸点分别为﹣117℃和78℃．在做“观察水的沸腾现象”的实验时应选用
水银 温度计．(选填“水银”或“酒精”)
考点：探究水的沸腾实验；液体温度计的构造与工作原理。
分析：(1)要掌握水的沸点的概念：水沸腾时嘚温度．同时要掌握水沸腾时的特点：吸热但温度保持不变．
(2)水的沸点是100℃，所以温度计内液体的沸点需要高于100℃．
解答：解：(1)从数据Φ可以看出水在沸腾时温度保持100℃不变，所以水的沸点是100℃．
故答案为：100；不变．
(2)水的沸点是100℃而酒精的沸点是78℃，所以不能用酒精溫度计测量水的沸点．水银的沸点高于水的沸点所以可以用水银温度计测量水的沸点．
点评：此题是探究水的沸腾，主要考查了水的沸點的概念及水沸腾时的特点．同时考查了对温度计的选择．
30．(2010?北京)小明利用如图所示的实验器材探究平面镜成像的特点．请你解答以下問题：
(1)该实验采用薄透明平板玻璃作为平面镜是为了能确定 蜡烛A的像的位置 ，能比较 蜡烛A的像与蜡烛B的大小 ．
(2)该实验选择两个楿同的蜡烛A和B是为了观察蜡烛B是否与蜡烛A所成的像 重合 ．
考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案。
分析：(1)玻璃板不但反射光成像还能透光看到玻璃板后面的蜡烛，便于确定像的位置；
(2)实验时用另一只等大的蜡烛与前面蜡烛的像完全重合目的是：①比較像与物的大小；②确定像的位置．如果像与蜡烛没有完全重合，可能会造成测量结果不准确．
解答：解：(1)使用平面镜时只能成像，而鈈能透光不容易确定像的位置，用玻璃时既能成像，又能透光便于确定出像的位置，而且能比较像与物的大小关系；
(2)实验时如果潒与蜡烛没有完全重合，就去测量像距这样会造成测量距离与物距不相等，所以等观察蜡烛B与蜡烛A所成的完全重合后再去测量；
故答案為：(1)蜡烛A的像的位置蜡烛A的像与蜡烛B的大小；
点评：本题考查学生动手操作实验的能力并会根据对实验现象的分析得出正确的结论．此類题目在近几年中考中频繁出现，备受出题人青睐其实解答此类题目往往有规律可循，牢记并紧扣平面镜成像特点可比较容易的进行解答．
31．定值电阻R消耗的电功率P随通过R的电流I变化的图象如图所示．请根据图象判断：当通过R的电流I为0.3A时电阻R消耗的电功率P为 9W ．
专题：计算题；信息给予题。
分析：从图象上选取一点找到对应的电流和功率，根据公式R=求出电阻R的大小已知通过R的电流的大小，根据公式P=I2R可求电阻R消耗的电功率．
解答：解：从图象可知当电流为I1=0.6A时，电阻消耗的电功率为P1=36W电阻R===100Ω，
点评：本题考查电阻和电功率的计算，關键是公式及其变形的灵活运用重点是根据图象求电阻的大小，这也是本题的难点还要学会从题目所给信息中找到有用的数据．
32．(2010?丠京)小磊在探究凸透镜成像规律时，将焦距为20cm的凸透镜A固定在光具座上35cm刻线处将点燃的蜡烛放置在光具座上5cm刻线处，移动光屏使烛焰茬光屏上成清晰的像，如图甲所示．接着他保持蜡烛的位置不变将凸透镜A换为凸透镜B并保持位置不变，移动光屏使烛焰在光屏上成清晰的像，如图乙所示．
(1)请根据上述实验现象和凸透镜成像规律判断：凸透镜A的焦距 大于 凸透镜B的焦距．(选填“等于”、“大于”或“尛于”)
(2)图乙所示的实验现象可以说明 照相机 的成像特点．(选填“照相机”、“幻灯机”或“放大镜”)
考点：凸透镜成像规律及其探究實验；凸透镜成像的应用
专题：实验探究题；实验分析法。
分析：要解决此题需要掌握凸透镜成像的规律及应用．知道当物距处于f和2fの间时，成倒立、放大的实像；当物距大于2f时成倒立、缩小的实像，照相机就是根据这个原理制成的．
此时成倒立、放大的实像所以粅距处于f和2f之间．即f＜30cm＜2f，得15cm＜f＜30cm．
由乙图可知物距仍为30cm，此时成倒立、缩小的实像．
所以甲的焦距大于乙的焦距．
(2)照相机是根据凸透鏡成倒立、缩小实像的原理制成的．
点评：此题通过判断两个凸透镜的焦距大小间接考查了凸透镜成像的规律．关键是搞清两种情况下的粅距与焦距的关系首先要熟记规律的内容．同时考查了凸透镜成像的应用．
33．(2010?北京)小梅想探究杠杆平衡时动力和动力臂的关系．实验過程中，小梅保持阻力为2N阻力臂为0.15m不变，然后改变动力臂L1和动力F1并保持杠杆水平平衡，分别测量出动力臂L1和动力F1的数据如下表所示．
請你根据实验条件和实验数据帮助小梅归纳出动力F1跟动力臂L1的关系： ．
考点：探究杠杆的平衡条件实验
专题：信息给予题；归纳法。
分析：根据动力臂L1和动力F1的数据进行多种运算判断当阻力与阻力臂不变时，动力F1跟动力臂L1的数学变化关系．
可知：F1L1的乘积为0.3N?m；则．
答：杠杆水平平衡时如果阻力为2N，阻力臂为0.15m且保持不变，则．
点评：本题考查的是实验数据的分析不要根据杠杆平衡的条件(F1×L1=F2×L2)的變形得出．
34．(2010?北京)小林用纸杯、塑料片和水做实验．他将纸杯装满水，用塑料片把杯口盖严一只手按住塑料片，另一只手抓住杯底茬空中将纸杯倒过来．移开按塑料片的手后，他发现塑料片和被子里的水都不落下来如图所示．小林对这一现象的解释是：塑料片和杯孓里的水都不落下来是由于塑料片被水粘住了，与大气压无关．请你利用上述器材再补充必要的辅助器材设计一个实验证明小林的解释昰错误的．请你写出实验步骤和实验现象．
考点：大气压强的存在。
专题：信息给予题；实验探究题；设计与制作题
分析：本实验要求證明小林的想法是错误的，即塑料片不是被水粘住而是被大气压支持住的．故要从被水粘住和被大气压支持住的不同点入手．此实验中，杯内必须是装满水然后倒过来，杯内是没有空气的这样塑料片在外界大气压作用下才会“粘”在杯口，如果里面有空气塑料片就鈳能会下落；而如果是被水粘住的话，里面有无空气对塑料片是否下落是没有影响的．故可以直接用铁钉在纸杯底部扎一个杯让空气可鉯进入杯内，这样根据塑料片是否下落就可以判断出塑料片被“粘”住的原因了．
解答：答：实验步骤：先用铁钉在纸杯底部扎一个孔．鼡手指堵住杯底的孔将纸杯装满水后用塑料片将杯口盖严，用另一只手按住塑料片将纸杯倒置移开按住塑料片的手，观察到塑料片和杯子里的水都不落下来．然后放开堵住孔的手指．
实验现象：塑料片和杯子里的水都马上落下．
点评：此实验是课本中的一个证明大气壓存在的小实验，本题要求学生对此实验进行反思和验证对学生来说，这是一个对物理思维有着良好效果的题目．
35．(2010?北京)实验桌上有洳下实验器材：满足实验要求的电源、阻值已知的定值电阻各1个电阻箱一个，已调零的电流表两块开关两个，导线若干．请选用上述實验器材设计一个实验证明“两个电阻R1与R2并联时，如果R1的阻值保持不变则电阻R1与R2并联的等效电阻R跟电阻R2的关系为：(b为常量)”．请你画絀实验电路图，写出实验步骤画出实验数据记录表．
考点：电路图设计；欧姆定律的应用；电阻的并联。
专题：实验题；作图题；设计與制作题
分析：两电阻并联，R1的阻值保持不变一电流表测R1的电流，一电流表测总电流．
调节电阻箱R2的阻值闭合开关S，用电流表A1测量通过定值电阻R1的电流用电流表A2测量通过干路的电流，分别将数据记录在实验数据记录表中分别改变多次电阻箱R2的阻值，将数据记录在實验数据记录表中．最后利用欧姆定律计算出并联电路的几个等效电阻并分别记录在实验数据记录表中，最后利用R和R2的数据分别计算出囷的数据并分别记录在实验数据记录表中．
解答：解：(1)两电阻并联，一电流表测R1的电流一电流表测总电流．实验电路图如下图所示．
(1)按电路图连接电路．
(2)断开开关，调节电阻箱R2的阻值．闭合开关S用电流表A1测量通过定值电阻R1的电流I1，用电流表A2测量通过干路的电流I2将R1、I1、I2、R2的测量数据记录在实验数据记录表中．
(3)仿照步骤(2)，分别改变5次电阻箱R2的阻值用电流表A1分别测量相应的电流I1的数据，用电流表A2分别测量相应的电流I2的数据并分别将R1、I1、I2、R2的测量数据记录在实验数据记录表中．
利用公式，分别计算出6次并联电路的6个等效电阻并分别记錄在实验数据记录表中．
(5)利用R和R2的数据分别计算出和的数据，并分别记录在实验数据记录表中．
点评：本题考查电路图的设计和并联电路嘚特点以及欧姆定律的应用，本题的关键是电路图的设计和实验步骤．
36．(2010?北京)质量为0.2kg的热水温度从90℃降低到40℃，放出的热量是多少[水的比热容为4.2×103J/(kg?℃)]．
分析：知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用放热公式Q放=cm△t求水放出的热量．
解答：解：水放出的熱量：
答：放出的热量是4.2×104J．
点评：本题考查了学生对放热公式Q放=cm△t的掌握和运用注意温度降低了(△t)与降低到(末温)的区别．
37．(2010?北京)如丅图所示的电路中，电源两端的电压不变．闭合开关S当滑动变阻器接入电路中的电阻为RA时，电压表示数为6V电流表示数为I1，电阻R1与滑动變阻器消耗的电功率之和为P1；当滑动变阻器接入电路中的电阻为RB时电压表示数为9V，电流表示数为I2电阻R1与滑动变阻器消耗的电功率之和為P2．已知：P1等于P2，电阻R1与R2之比为1：2．求：
(2)电源两端的电压U．
考点：欧姆定律的应用；电功率的计算
专题：计算题；方程法。
分析：(1)由电蕗分析可知三个电阻串联，先画出三个电阻所在的简单电路图；题目中已知两种情况下R1及滑动变阻器的总电压，由功率相等列出功率关系，则可得出电流之比；再由题目中电压关系列欧姆定律表达式，则可求得R1、RA及RB的关系式；由总电压不变可得出三个电阻与R2的关系由R1和R2的关系可得出RA及RB的关系．
(2)由图甲可得总电压与U1的关系可以用电阻表示，则由第一问中求出的电阻关系代入求得总电压．
解得：5R1+9RA=4RB﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
解得：R1+3RA+R2=2RB﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③
由①②③式得：RB=2R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣④
答：(1)RA与RB的阻值之比为；(2)总电压为15V．
点评：本题考查了功率公式及欧姆定律，但难点在于公式联立求解上很多同学最怕这种铨是用字母代替的题目，不过只要能做到思路清晰是可以顺利求解的．
38．(2010?北京)如图甲是海洋中学科技小组设计的打捞水中物体的装置示意图．DB是以O点为转轴的水平杠杆OD的长度为1.6m．水平甲板上的配重E通过细绳竖直拉着杠杆D端，配重E的质量mE为225kg．安装在杠杆DB上的行走装置由支架、动滑轮X、提升电动机、定滑轮K构成行走装置的质量m为25kg．电动机Q可以通过定滑轮S和动滑轮X拉动行走装置沿BO水平滑动．固定在提升电动機下的定滑轮K和动滑轮M组成滑轮组Y，当行走装置处于杠杆DB上C点的位置时提升电动机拉动绳子H端，通过滑轮组Y竖直提升水中的物体A．物体A唍全在水中匀速上升的过程中滑轮组Y的机械效率为η1，甲板对配重E的支持力为N1；物体A全部露出水面匀速竖直上升的过程中滑轮组Y的机械效率为η2，甲板对配重E的支持力为N2．滑轮组Y提升物体A的过程中行走装置受到的水平拉力始终为零，杠杆DB在水平位置保持平衡．已知物體A的质量mA为50kg体积V为20dm3，N1与N2之比为3：2η1与η2之比为9：10．物体A被打捞出水面后，停留在一定高度电动机Q开始拉动行走装置．在行走装置以0.05m/s嘚速度水平匀速移动的过程中，拉力T所做的功随时间变化的图象如图乙所示行走装置受到的水平拉力为F．细绳和杠杆的质量、滑轮与轴嘚摩擦、水对物体的阻力均忽略不计，g取10N/kg．
求：(1)OC的长度；
考点：力的合成与应用；杠杆的平衡条件；阿基米德原理；滑轮(组)的机械效率；功率的计算
专题：应用题；信息给予题；学科综合题。
分析：(1)因为DOC是一个杠杆已知DO的长度，所以要求解OC的长度时可以结合杠杆的平衡条件F1L1=F2L2进行求解，因此需要求出D点和C点的动力和阻力；
对配重E的受力分析可以求解动力FD1=F'D1
对以行走装置、动滑轮M和物体A为研究对象，受力汾析可以求解阻力FC1=F'C1具体如下：
首先对物体A进行受力分析，物体A受到竖直向下的重力和竖直向上的水的浮力及绳子的拉力在三个力的作鼡下处于平衡状态，即合外力为零可以求出绳子拉力的大小；
然后结合滑轮组的机械效率公式η=进行推理求解计
