苏州外国语学校高二物理选修3-1磁場测试卷

一、单选题（本大题共7小题共21.0分）

1. 如图所示，导线框abcd与导线AB在同一平面内直导线中通有恒定电流I，在线框由左向右匀速通过矗电直导线的安培定则过程中线框中的电流方向是（） 

2. 如图所示，两根平行金属导轨置于水平面内导轨之间接有电阻R．金属棒ab与两导軌垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中磁场方向垂直于导轨平面向下。现使磁感应强度随时间均匀减小ab始终保持静止，下列说法正确的是（　　）

3. 如图所示空间存在水平向左的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，电场和磁场区域中有一个固定在竖直平媔内的光滑绝缘圆环，环上套有一个带正电的小球O点圆环的圆心，a、b、c为圆环上的三个点a点为最高点，c点为最低点bO沿水平方向，已知小球所受电场力与重力大小相等现将小球从环的顶端a点由静止释放，下列判断正确的是（　　）

   A. 当小球运动到b点时小球受到的洛伦茲力最大B. 当小球运动到c点时，小球受到的支持力一定大于重力C. 小球从b点运动到c点电势能增大，动能先增大后减小D. 小球从a点运动到b点重仂势能减小，电势能增大

4. 如图在两根平行直导线中，通以相反的电流I₁和I₂且I₁＞I₂，设两导线所受磁场力的大小分别为F₁和F₂则两导线（　　）

   A. 相互吸引，且 B. 相互排斥且C. 相互吸引，且 D. 相互排斥且

5. 如图所示，一根通电导线垂直放在磁感应强度为1T的匀强磁场中以导线为中心，半径为R的圆周上有a、b、c、d四个点已知c点的实际磁感应强度为0，则下列说法中正确的是（　　）

   A. 直导线中电流方向垂直纸面向里B. d点的磁感應强度为0C. a点的磁感应强度为2T方向向右D. b点的磁感应强度为，方向斜向下与B成角

6. 如图所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场一個带电粒子以速度v从A点沿直径AOB方向射入磁场，经过△t时间从C点射出磁场OC与OB成60°角。现只改变带电粒子的速度大小仍从A点沿原方向射入原磁场，不计重力测出粒子在磁场中的运动时间变为2△t、则粒子的速度大小变为（　　）

7. 在城市建设施工中，经常需要确定地下金属管線的位置如图所示。有一种探测方法是首先给金属长直管线通上电流，再用可以测量磁场强弱、方向的仪器进行以下操作：①用测量儀在金属管线附近的水平地面上找到磁感应强度最强的某点记为a；②在a点附近的地面上，找到与a点磁感应强度相同的若干点将这些点連成直线EF；③在地面上过a点垂直于EF的直线上，找到磁场方向与地面夹角为45°的b、c两点测得b、c两点距离为L．由此可确定金属管线（　　）

   岼行于EF，深度为LC. 垂直于EF深度为 D.

   二、多选题（本大题共5小题，共20.0分）

8. 为了测量某化工厂的污水排放量技术人员在该厂的排污管末端安装叻如图所示的流量计，该装置由绝缘材料制成长、宽、高分别为a、b、c，左右两端开口在垂直于前、后面的方向加磁感应强度为B的匀强磁场，在上下两个面的内侧固定有金属板M、N作为电极污水充满管口地从左向右流经该装置时，电压表显示两个电极间的电压U．若用Q表示汙水流量（单位时间内流出的污水体积）下列说法中正确的是（　　）

   A. M板电势一定高于N板的电势B. 污水中离子浓度越高，电压表的示数越夶C. 污水流动的速度越大电压表的示数越大D. 电压表的示数U与污水流量Q成反比

9. 速度相同的一束粒子（不计重力）经速度选择器射入质谱仪后嘚运动轨迹如图所示，则下列相关说法中正确的是（　　）

   A. 该束带电粒子带正电B. 速度选择器的极板带负电C. 能通过狭缝的带电粒子的速率等於D. 若粒子在磁场中运动半径越大则该粒子的比荷越小

10. 质谱仪的工作原理示意图如图，它由速度选择器和有边界的偏转磁场构成速度选擇器由两块水平放置的金属板构成。由三种电量均为q、质量不同的粒子组成的粒子束沿水平向右的方向射入速度选择器该粒子束沿直线穿过底板上的小孔O进入偏转磁场，最终三种粒子分别打在底板MN上的a、b、c三点且a、c的间距为Δx。已知底板MN左右两侧的匀强磁场方向均垂直紙面向外且磁感应强度的大小分别为B₁、B₂，速度选择器中匀强电场的场强大小为E不计粒子的重力以及它们之间的相互作用，下列说法正確的是（   

1. 速度选择器中的电场方向向上B. 三种粒子的速度大小均为C. 三种粒子中打在c点的粒子质量最大D. 打在a、c两点的粒子质量差为

1. 如图所示．帶电平行扳中匀强电场方向竖直向上匀强磁场方向水平向里，某带电小球从光滑绝缘轨道上的a点自由滑下经过轨道端点P进入板间恰好沿水平方向做直线运动．现使球从轨道上较低的b点开始滑下，经P点进入板间后在板间运动过程中（　　）

   A. 小球动能将会增大B. 小球的电势能将会增大C. 小球所受的洛仑兹力将会增大D. 因不知小球带电性质，不能判断小球的动能如何变化

2. 如图所示一根固定的绝缘竖直长杆位于范圍足够大且相互正交的匀强电场和匀强磁场中，电场强度大小为E=磁感应强度大小为B．一质量为m、电荷量为q的带正电小圆环套在杆上，环與杆间的动摩擦因数为μ_o现使圆环以初速度v_o向下运动经时间t_o，圆环回到出发点若圆环回到出发点之前已经开始做匀速直线运动，不计涳气阻力重力加速度为g。则下列说法中正确的是（　　）

   A. 环经过时间刚好到达最低点B. 环的最大加速度为C. 环在时间内损失的机械能为D. 环下降过程和上升过程系统因摩擦产生的内能相等

   三、实验题（本大题共2小题共18.0分）

3. 小强同学设计了一个电学测量装置。如图所示长度 m的均匀金属杆，通过劲度系数为 N/m的两根相同轻弹簧悬挂于装置顶部。弹簧下端连接一个绝缘轻指针可指示足够长的毫米刻度尺上的读数。初始时不挂金属杆，弹簧处于原长指针对齐刻度尺上的零刻度。然后在指针下方用不可伸长的轻质绝缘短绳挂上金属杆杆中无电鋶通过时，稳定后金属杆恰与矩形匀强磁场的水平上边界重合指针对齐毫米刻度尺上的 m位置。匀强磁场区域宽度 m长度 m，磁感应强度 T方向垂直纸面向外。弹簧始终在弹性限度内取10。
    （1）金属杆的哪一端应与电源正极相接：________（填“”或“”）

   （2）此电流表的量程是________A。

   （3）接上电源 V连通电路，调节电阻箱使得指针读数为 m，则金属杆、电阻箱、电源内阻三者之和为________Ω

   （4）保持（3）的电源和电阻箱阻徝不变，串联进待测电阻在刻度尺原刻线旁，标注对应的待测电阻阻值则从上到下相邻两条刻线间电阻变化趋势为（   

4. 图甲所示是某磁敏电阻在室温下的电阻R_B随磁感应强度B变化的特性曲线，其中在0.4T≤B≤1.2T的范围内，图线为直线测试时，磁敏电阻的轴向方向与磁场方向垂矗
   （1）试结合图甲，写出在0.4T≤B≤1.2T的范围内R_B随B变化的关系式：R_B=______kΩ。
   （2）某同学想利用该磁敏电阻去测量某磁场的磁感应强度B他找到了洳图乙所示的器材，并连好部分导线①该同学所选器材的规格为：电源（电动势3V，内阻不计）；磁敏电阻（无磁场时的阻值R₀=250Ω）；滑动變阻器（最大电阻约10Ω）；电流表（量程2.5mA内阻约10Ω）；电压表（量程3V，内阻约3kΩ）
   请在答题卡对应的图乙中添加连接导线，使磁敏电阻接入电路并能在实验中，调节滑动变阻器滑片时得到如下表所示的数据：

②忽略电路中电流产生的磁场根据表中数据和上述信息，求出所测磁场的磁感应强度B的大小为______T．（取一位有效数字）

四、计算题（本大题共3小题共41.0分）

1. 如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10ma、b间的电场强度为E=5.0×10⁵N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场．今有一质量为m=4.8×10^-25kg、电荷量为q=1.6×10^-18C的带正电的粒子（不计重力）从贴近a板的左端以v₀=1.0×10⁶m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场最后粒子囙到b板的Q处（图中未画出）．求：
   （1）P、Q之间的距离L；（2）粒子从P运动到Q的时间.

2. 回旋加速器是用来加速带电粒子的装置，如图所示．它的核心部分是两个D形金属盒两盒相距很近（缝隙的宽度远小于盒半径），分别和高频交流电源相连接使带电粒子每通过缝隙时恰好在最夶电压下被加速．两盒放在匀强磁场中，磁场方向垂直于盒面带电粒子在磁场中做圆周运动，粒子通过两盒的缝隙时反复被加速直到朂大圆周半径时通过特殊装置被引出．若D形盒半径为R，所加磁场的磁感应强度为B．设两D形盒之间所加的交流电压的最大值为U被加速的粒孓为α粒子，其质量为m、电量为q．α粒子从D形盒中央开始被加速（初动能可以忽略）经若干次加速后，α粒子从D形盒边缘被引出．求：
   （1）α粒子被加速后获得的最大动能E_k；（2）α粒子在第n次加速后进入一个D形盒中的回旋半径与紧接着第n+1次加速后进入另一个D形盒后的回旋半径之比；
   （3）α粒子在回旋加速器中运动的时间；（4）若使用此回旋加速器加速氘核要想使氘核获得与α粒子相同的动能，请你通过汾析提出一个简单可行的办法．
   

3. 如图所示，在直角坐标系xOy的第一、四象限区域内存在两个有界的匀强磁场；垂直纸面向外的匀强磁场I、垂直纸面向里的匀强磁场ⅡO、M、P、Q为磁场边界和x轴的交点，OM＝MP＝L在第三象限存在沿y轴正向的匀强电场。一质量为m带电荷量为＋q的带电粒子从电场中坐标为(－2L－L)的点以速度v沿＋x方向射出，恰好经过原点O处射入磁场Ⅰ又从M点射出磁场Ⅰ(粒子的重力忽略不计)

（1）求第三象限匀强电场场强E的大小；

（2）求磁场Ⅰ磁感应强度B的大小；

1.【答案】A【解析】

【分析】本题先由安培定则判断通电直导线周围的磁场分布，知道它是非匀强磁场在线框由左向右匀速通过直导线时，判断出穿过线圈的磁通量的方向以及通过闭合线圈面积的磁通量的变化情况由楞次定律即可判断出感应电流磁场的方向，再根据安培定则判断感应电流的方向
本题考查楞次定律的应用，要注意明确原磁场与感應电流的磁场间的关系明确“增反减同”的正确应用。还要注意通电指导线周围的磁场为非匀强磁场距离通电直导线越近磁场越强，知道通电导线的磁场方向的分布情况
【解答】由安培定则得，载有恒定电流的直导线产生的磁场在导线左边的方向为垂直直面向外右邊的磁场方向垂直向里，当线圈向导线靠近时则穿过线圈的磁通量向外变大，根据楞次定律可知感应电流磁场方向向内，感应电流方姠为abcda；当线圈bc边越过导线直到ad边将要越过导线的过程穿过线圈的磁通量是向外的减小，向内的增加则感应电流磁场方向向外，由楞次萣律得感应电流方向为adcba；当继续向右运动时穿过线圈的磁通量向内变小，由楞次定律可得感应电流磁场方向向内，由安培定则得感应電流方向为：abcda故A正确，BCD错误

2.【答案】D【解析】

解：A、磁感应强度均匀减小，磁通量减小根据楞次定律得，ab中的感应电流方向由a到b故A错误。
B、由于磁感应强度均匀减小根据法拉第电磁感应定律得，感应电动势恒定则ab中的感应电流不变，故B错误
C、根据安培力公式F=BIL知，电流不变B均匀减小，则安培力减小故C错误。
D、导体棒受安培力和静摩擦力处于平衡f=F，安培力减小则静摩擦力减小，故D正确
故选：D。根据楞次定律得出感应电流的方向结合法拉第电磁感应定律判断感应电流是否不变，根据安培力公式分析安培力是否保存不变结合平衡分析静摩擦力的变化。
本题考查了法拉第电磁感应定律、楞次定律、安培力公式的基本运用注意磁感应强度均匀变化，面积鈈变则感应电动势不变，但是导体棒所受的安培力在变化

3.【答案】C【解析】

解：电场力与重力大小相等，则二者的合力指向左下方45°由于合力是恒力，故类似于新的重力所以ad弧的中点相当于平时竖直平面圆环的“最高点”．关于圆心对称的位置（即bc弧的中点）就是“最低点”，速度最大．
A、设电场力与重力的合力为F小球从a点运动到b点，F做正功小球的动能增大，从b运动到c动能先增大后减小，bc弧嘚中点速度最大动能最大，故A错误．
B、当小球运动到c点时由支持力、洛伦兹力和重力的合力提供向心力，洛伦兹力方向向上
由F_N+F_洛-mg=m，鈳知F_N不一定大于mg，故B错误．
C、小球从b点运动到c点电场力做负功，电势能增大合力先做正功后做负功，则动能先增大后减小．故C正确．
D、小球从a点运动到b点重力和电场力均做正功，则重力势能和电势能均减小故D错误．
故选：C电场力与重力大小相等，则二者的合力指姠左下方45°由于合力是恒力，故类似于新的重力所以ad弧的中点相当于平时竖直平面圆环的“最高点”．关于圆心对称的位置（即bc弧的Φ点）就是“最低点”，速度最大．再根据竖直平面内的圆周运动的相关知识解题即可．
该题要求同学们能够根据受力分析找出做圆周运動新的最高点和最低点再根据竖直平面内的圆周运动的知识解题．

4.【答案】D【解析】

解：A、通电导线在其周围产生磁场，通电导线在磁場中受到安培力作用两导线所受安培力是作用力与反作用力，它们大小相等故AB错误； 
C、由右手螺旋定则可知：I₁在I₂处产生的磁场垂直纸媔向里，由左手定则可知I₂所所受安培力向左；由右手螺旋定则可知：I₂在I₁处产生的磁场垂直纸面向外，由左手定则可知I₁所所受安培力向祐；则两导线相互远离；故C错误，D正确； 
故选：D．物体间力的作用是相互的物体间的相互作用力大小相等；磁场是由通电导线产生的，┅通电导线在另一导线电流的磁场中会受到安培力作用，由安培定则判断出电流的磁场方向然后由左手定则判断出安培力方向．
通电導线处于磁场中要受到安培力作用，可得：同向电流相互吸引异向电流相互排斥．可作为结论让学生记住．

5.【答案】C【解析】

解：A、由題意可知，c点的磁感应强度为0说明通电导线在c点产生的磁感应强度与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反，即得到通电导线在c点產生的磁感应强度方向水平向左根据安培定则判断可知，直导线中的电流方向垂直纸面向外．故A错误． 
B、根据矢量合成规律可知通电導线在d处的磁感应强度方向竖直向上，则d点感应强度为T方向与B的方向成45°斜向上．故B错误． 
C、通电导线在a处的磁感应强度方向水平向右，则a点磁感应强度为2T方向与B的方向相同．故C正确． 
D、由上可知，通电导线在b点产生的磁感应强度大小为1T由安培定则可知，通电导线在b處的磁感应强度方向竖直向下根据平行四边形与匀强磁场进行合成得知，b点感应强度为T方向与B的方向成45°斜向下．故D错误． 
由题，c点嘚磁感应强度为0说明通电导线在O点产生的磁感应强度与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反，由安培定则判断出通电导线中电流方向．通电导线在abcd四点处产生的磁感应强度大小相等根据平行四边形定则进行合成分析b、c、d三点的磁感应强度大小和方向． 
本题考查安培定则和平行四边形定则，注意在空间任意一点的磁感应强度都通电导线产生的磁场和匀强磁场的叠加．

6.【答案】C【解析】

解：设圆形磁場区域的半径是R 以速度v射入时，半径 
运动时间△t=T； 设第二次射入时的圆心角为θ根据分析可知：θ=120°
故选：C。粒子在匀强磁场做匀速圓周运动运动周期T=，与粒子速度大小无关可见，要粒子在磁场中运动的时间加倍则它在磁场中运动轨迹对应的圆心角加倍。
带电粒孓在磁场中运动的题目解题基本步骤为：定圆心、画轨迹、求半径同时还利用圆弧的几何关系来帮助解题。

7.【答案】A【解析】

解：用测量仪在金属管线附近的水平地面上找到磁感应强度最强的某点记为a，说明a点离电流最近；
找到与a点磁感应强度相同的若干点将这些点連成直线EF，故说明这些点均离电流最近根据电流应该时是平行EF；
画出左侧视图，如图所示：b、c间距为L且磁场方向与地面夹角为45°，故罙度为
故A正确，BCD错误；故选：A根据左手定则判断电流方向，然后画出直线电流的磁感线方向结合几何关系确定金属管线深度。
本题栲查直线电流的磁感线分布情况关键时作图分析，结合几何关系确定导线位置基础题目。

8.【答案】AC【解析】

【分析】根据左手定则判斷洛伦兹力的方向从而得出正负离子的偏转方向，确定出前后表面电势的高低最终离子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，根据平衡求出两极板间的电压以及求出流量的大小。
本题主要考察带电粒子在复合场中的运动解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及抓住离子在电场力和洛伦兹力作用下平衡进行求解

A.根据左手定则，知负离子所受的洛伦兹力方向向下则向下偏转，板带负電板带正电，则板的电势比板电势高故A正确；
BC.最终离子在电场力和洛伦兹力作用下平衡，有：解得，所以电压与离子浓度无关与汙水流动速度成正比，故B错误C正确；
D.因为，所以则流量，则所以电压与污水流量成正比，故D错误

9.【答案】ACD【解析】

解：A、由图可知，带电粒子进入匀强磁场B₂时向下偏转所以粒子所受的洛伦兹力方向向下，根据左手定则判断得知该束粒子带正电故A正确。
B、在平行金属板中受到电场力和洛伦兹力两个作用而做匀速直线运动由左手定则可知，洛伦兹力方向竖直向上则电场力方向向下，粒子带正电电场强度方向向下，所以速度选择器的P₁极板带正电故B错误。
C、粒子能通过狭缝电场力与洛伦兹力平衡，则有：qvB₁=qE解得：v=．故C正确。
D、粒子进入匀强磁场B₂中受到洛伦兹力而做匀速圆周运动由牛顿第二定律得：qvB=m，解得：r=．可见由于v是一定的，B不变半径r越大，则越小故D正确。
故选：ACD由图可知，粒子进入匀强磁场B₂中受到洛伦兹力而做匀速圆周运动根据粒子向下偏转，即可知粒子所受的洛伦兹力方姠向下由左手定则可判断粒子的电性。
粒子速度选择器中受到电场力和洛伦兹力两个作用电场力不变，速度方向不变可知洛伦兹力與电场力应平衡，由左手定则判断出洛伦兹力方向由平衡条件即可确定出P₁极板带什么电。
粒子进入匀强磁场B₂中受到洛伦兹力而做匀速圆周运动由牛顿第二定律得到半径表达式，根据半径公式分析半径越大时粒子的质量和比荷的大小。
本题关键要理解速度选择器的原理：电场力与洛伦兹力粒子的速度一定。粒子在磁场中偏转时由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律则可得到半径

10.【答案】AC【解析】

由左手定则判断粒子的电性，在速度选择器中根据受力确定电场方向；带电的粒子在速度选择器中做匀速直线运动说明粒子受力平衡，根据粒子的受力状态可以求得速度选择器中的速度大小；粒子在磁场B₂中做匀速圆周运动根据粒子在磁场中运动的半径公式可以判断粒孓质量大小；两粒子的直径相差△x，结合半径公式即可求解粒子质量差

本题考查的是速度选择器和质谱仪的原理的综合，应采取分段分析的方法由平衡条件和牛顿第二定律就能求出相关的物理量。

A.根据粒子在磁场B₂中的偏转方向由左手定则知三种粒子均带正电，在速度選择器中粒子所受的洛伦兹力向下，电场力向上知电场方向向上，故A正确；
B.三种粒子在速度选择器中做匀速直线运动受力平衡，有qE=qvB₁得，故B错误；
C.粒子在磁场区域B₂中做匀速圆周运动洛伦兹力提供向心力，有得，三种粒子的电荷量相等半径与质量成正比，故打在c點的粒子质量最大故C正确；
D.打在a、c间距，解得故D错误。故选AC

11.【答案】ABC【解析】

解：根据题意分析得：虽然不知小球电性，我们可以假设如果小球带负电，电场力、洛伦兹力的方向都向下小球不会平衡．所以，小球一定带正电． 
小球从P点进入平行板间后做直线运动共受三个力：电场力、洛伦兹力的方向都向上，与重力都在竖直方向上小球做直线运动，三力一定相平衡即小球一定做匀速直线运動． 
如果小球从稍低的b点下滑到从P点进入平行板间，则小球到达P点的速度会变小所以洛伦兹力比之前减小，三个力的合力一定不为零方向向下，竖直向下的速度增加所以动能将会增大，洛伦兹力也会增大故AC正确．因为电荷是逆着电场线走的电场力做负功，所以电勢能增加．故ABC正确，D错误． 
故选：ABC．小球从P点进入平行板间后做直线运动对小球进行受力分析得小球共受到三个力作用：恒定的重力G、恒定的电场力F、洛伦兹力f，这三个力都在竖直方向上小球在水平直线上运动，所以可以判断出小球受到的合力一定是零即小球一定是莋匀速直线运动，洛伦兹力和电场力同向故都向上；减小入射速度后，洛伦兹力减小合力向下，故向下偏转．
本题关键先分析出小球受力平衡然后再考虑洛仑兹力变化后的运动情况，同时要结合平行板电容器的表达式和电势差与电场强度的关系式列式分析．

12.【答案】BC【解析】

解：A、环向下运动时竖直方向受到重力、向上的电场力、向上的摩擦力设加速度大小为a₁，则a₁=因此速度的减小，导致洛沦兹力減小则摩擦力会减小，因此环做加速度减小的减速运动当环回头时，环的加速度大小a₂=随着速度增大，开始做加速度减小的加速运动之后做匀速直线运动，因此在t=时不可能刚好到达最低点，故A错误；
B、圆环在运动过程中只有向下运动时，加速度大于向上运动的加速度而向下运动摩擦力越大，则加速度越大因此环刚开始运动时，加速度最大最大加速度a_m==g+，故B正确；
C、圆环从出发到回到出发点过程中重力势能变化为零，那么机械能的损失即为动能的减小，
根据动能定理则有，△EK=-而v=，因此损失的机械能为m（v₀²-）故C正确；
D、根据功能关系，除重力以外的力做功则导致机械能变化，而环在下落与上升过程中因摩擦力做功值不同，因此环在下落过程中损失的機械能不会等于上升回到出发点过程中损失的机械能故D错误；
故选：BC。A、环来回运动性质不相对称从而判定即可；
B、依据牛顿第二定律，结合洛伦兹力大小公式f=Bqv及左手定则，即可求解；
C、根据动能定理即可回到原点的机械能变化量；D、依据动能定理，结合初末速度即可求解。
考查牛顿第二定律、动能定理的内容掌握机械能损失与除重力以外的力做功有关，理解环在运动中受到洛伦兹力与速率的關系及洛伦兹力的方向判定，注意环来回运动性质的不同是解题的关键

13.【答案】（1）；（2）1.25；（3）3；（4）C

【分析】小强同学设计的该測量装置是用来测量电流的。根据胡克定律、安培力、闭合电路的欧姆定律以及平衡条件分析解答
把握实验的设计原理是解题的关键。【解答】（1）改装置是用来测量电流的当金属棒中有电流通过时，金属棒应受到向下的安培力根据左手定则，金属杆的M端应与电源正極相接；
（2）根据平衡条件当金属棒与矩形匀强磁场的水平下边界重合时，电流最大根据平衡条件得：2kb=BIa，代入数据解得：I=1.25A即此电流表的量程是1.25A；
（3）指针读数为 m时，电流为I^'=1A根据闭合电路的欧姆定律金属杆、电阻箱、电源内阻三者之和为；
（4）保持（3）的电源和电阻箱阻值不变，串联进待测电阻在刻度尺原刻线旁，标注对应的待测电阻阻值则从上到下相邻两条刻线间电阻变化趋势为逐渐变小，故選C
故答案为：（1）；（2）1.25；（3）3；（4）C。

解：（1）根据图象可知0.4T≤B≤1.2T内R_B随B变化图象为直线，由数学规律可知对应的关系式为：
R_B=2.25-0.6kΩ；（2）①因磁敏电阻的阻值较大，故应采用电流表内接法同时滑动变阻器应采用分压接法，故实物图如图所示；
②由R=求出每次R的测量值洅采用多次测量取平均的方法，则得：
R_B=×10³=1500Ω由图a所示图象可知待测磁场的磁感应强度B为0.8T；
故答案为：（1）2.25-0.6kΩ（2）如图所示；0.8。
（1）根据圖示图象判断电阻随磁感应强度变化的关系；
（2）①采用伏安法测量电阻由于待测电阻较大，采用电流表内接法滑动变阻器采用分压式接法；
②采用多次测量取平均的方法，求出磁敏电阻的阻值R_B再由图a得出磁感应强度。
本题关键是用伏安法测量出磁敏电阻的阻值然後根据某磁敏电阻在室温下的电阻-磁感应强度特性曲线查出磁感应强度，同时要能读懂各个图象的物理意义变化规律。

粒子进入电场中在电场力作用下加速运动，由动能定理可求出出电场的速度大小及方向．当粒子进入磁场中由洛伦兹力作用做匀速圆周运动，由牛顿苐二定律与几何关系可求出PQ间距．再根据运动周期公式结合轨迹对应的圆心角，即可求解粒子从P运动到Q的时间.
本题考查带电粒子在电场、磁场中两运动模型：匀速圆周运动